给定一个整型数组,递增 你的任务是找到所有该数组的递增子序列，递增子序列的序列长度至少是2。

示例:

输入: [4,有点 6, 7, 7] 输出: [[4, 6], [4, 7], [4, 6, 7], [4, 6, 7, 7], [6, 7], [6, 7, 7], [7,7], [4,7,7]]

说明:

给定数组的长度不会超过15。 数组中的难度整数范围是 [-100,100]。 给定数组中可能包含重复数字，递增相等的序列数字应该被视为递增的一种情况。

思路

这个递增子序列比较像是有点取有序的子集。而且本题也要求不能有相同的难度递增子序列。

这又是递增子集，又是序列去重，是有点不是不由自主的想起了刚刚讲过的90.子集II。

就是难度因为太像了，更要注意差别所在，递增要不就掉坑里了!

在90.子集II中我们是云服务器提供商序列通过排序，再加一个标记数组来达到去重的有点目的。

而本题求自增子序列，是不能对原数组经行排序的，排完序的数组都是自增子序列了。

所以不能使用之前的去重逻辑!

本题给出的示例，还是一个有序数组 [4, 6, 7, 7]，这更容易误导大家按照排序的思路去做了。

为了有鲜明的对比，我用[4, 7, 6, 7]这个数组来举例，抽象为树形结构如图：

递增子序列1

回溯三部曲

递归函数参数

本题求子序列，很明显一个元素不能重复使用，所以需要startIndex，调整下一层递归的起始位置。

代码如下：

vector<vector<int>> result; vector<int> path; void backtracking(vector<int>& nums, int startIndex)  终止条件

本题其实类似求子集问题，也是要遍历树形结构找每一个节点，所以和回溯算法：求子集问题!一样，可以不加终止条件，startIndex每次都会加1，并不会无限递归。香港云服务器

但本题收集结果有所不同，题目要求递增子序列大小至少为2，所以代码如下：

if (path.size() > 1) {      result.push_back(path);     // 注意这里不要加return，因为要取树上的所有节点 }  单层搜索逻辑

在图中可以看出，同一父节点下的同层上使用过的元素就不能在使用了

那么单层搜索代码如下：

unordered_set<int> uset; // 使用set来对本层元素进行去重 for (int i = startIndex; i < nums.size(); i++) {      if ((!path.empty() && nums[i] < path.back())             || uset.find(nums[i]) != uset.end()) {              continue;     }     uset.insert(nums[i]); // 记录这个元素在本层用过了，本层后面不能再用了     path.push_back(nums[i]);     backtracking(nums, i + 1);     path.pop_back(); } 

对于已经习惯写回溯的同学，看到递归函数上面的uset.insert(nums[i]);，下面却没有对应的pop之类的操作，应该很不习惯吧，哈哈

这也是需要注意的点，unordered_set uset; 是记录本层元素是否重复使用，新的一层uset都会重新定义(清空)，所以要知道uset只负责本层!

最后整体C++代码如下：

// 版本一 class Solution {  private:     vector<vector<int>> result;     vector<int> path;     void backtracking(vector<int>& nums, int startIndex) {          if (path.size() > 1) {              result.push_back(path);             // 注意这里不要加return，要取树上的节点         }         unordered_set<int> uset; // 使用set对本层元素进行去重         for (int i = startIndex; i < nums.size(); i++) {              if ((!path.empty() && nums[i] < path.back())                     || uset.find(nums[i]) != uset.end()) {                      continue;             }             uset.insert(nums[i]); // 记录这个元素在本层用过了，本层后面不能再用了             path.push_back(nums[i]);             backtracking(nums, i + 1);             path.pop_back();         }     } public:     vector<vector<int>> findSubsequences(vector<int>& nums) {          result.clear();         path.clear();         backtracking(nums, 0);         return result;     } }; 

优化

以上代码用我用了unordered_set来记录本层元素是否重复使用。

其实用数组来做哈希，效率就高了很多。

注意题目中说了，数值范围[-100,100]，亿华云所以完全可以用数组来做哈希。

程序运行的时候对unordered_set 频繁的insert，unordered_set需要做哈希映射(也就是把key通过hash function映射为唯一的哈希值)相对费时间，而且每次重新定义set，insert的时候其底层的符号表也要做相应的扩充，也是费事的。

那么优化后的代码如下：

// 版本二 class Solution {  private:     vector<vector<int>> result;     vector<int> path;     void backtracking(vector<int>& nums, int startIndex) {          if (path.size() > 1) {              result.push_back(path);         }         int used[201] = { 0}; // 这里使用数组来进行去重操作，题目说数值范围[-100, 100]         for (int i = startIndex; i < nums.size(); i++) {              if ((!path.empty() && nums[i] < path.back())                     || used[nums[i] + 100] == 1) {                      continue;             }             used[nums[i] + 100] = 1; // 记录这个元素在本层用过了，本层后面不能再用了             path.push_back(nums[i]);             backtracking(nums, i + 1);             path.pop_back();         }     } public:     vector<vector<int>> findSubsequences(vector<int>& nums) {          result.clear();         path.clear();         backtracking(nums, 0);         return result;     } }; 

这份代码在leetcode上提交，要比版本一耗时要好的多。

所以正如在哈希表：总结篇!(每逢总结必经典)中说的那样，数组，set，map都可以做哈希表，而且数组干的活，map和set都能干，但如果数值范围小的话能用数组尽量用数组。

总结

本题题解清一色都说是深度优先搜索，但我更倾向于说它用回溯法，而且本题我也是完全使用回溯法的逻辑来分析的。

相信大家在本题中处处都能看到是90.子集II的身影，但处处又都是陷阱。

对于养成思维定式或者套模板套嗨了的同学，这道题起到了很好的警醒作用。更重要的是拓展了大家的思路!

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